Сдай ЕГЭ! Бесплатные материалы для подготовки каждую неделю!
null
Нажимая на кнопку, вы даете согласие на обработку своих персональных данных согласно 152-ФЗ. Подробнее
banner
Slider
previous arrow
next arrow
Slider

Подготовка к ЕГЭ по физике. Задача 28 (бывшая С1)

Эксперт ЕГЭ Н. Л. Точильникова

Задача 28 на ЕГЭ по физике - это качественный вопрос. То есть такое задание, где надо объяснить явление, зависимость, описать поведение системы или построить график. Получение численного ответа, как правило, не требуется.
Раньше эта задача фигурировала в ЕГЭ под номером «С1». С 2015 года это задача 28.

Для примера разберем три задачи такого типа.

1. С1 (Тренировочная работа № 5, 2010 г.)

Пассажир автобуса на остановке привязал к ручке сиденья за нитку легкий воздушный шарик, заполненный гелием. Автобус тронулся вдоль по прямому горизонтальному шоссе, и некоторое время двигался вперед с постоянным ускорением, затем ехал с постоянной скоростью, а на подъезде к следующей остановке двигался равнозамедленно, пока не остановился. Опишите, как менялся угол наклона нити шарика к вертикали в течение всего времени перемещения автобуса от одной остановки до другой.

Решение:

1) Пока автобус стоял, шарик висел в воздухе над ручкой сиденья, а нить была вертикальна, поскольку выталкивающая сила, действующая на шарик по закону Архимеда, в неподвижном воздухе автобуса направлена вертикально вверх. Она больше силы тяжести, действовавшей на шарик (гелий легче воздуха, а оболочка, по условию, легкая) и равна сумме силы тяжести и силы натяжения нити.

Задача 28. Рисунок 1

F_A=mg+T

2) Когда автобус трогается с ускорением, направленным вперед, распределение давления воздуха внутри салона изменяется: давление у задней стенки внутри автобуса становится больше, чем у передней стенки, поскольку задняя стенка давит на воздух в салоне: p_1>p_2.

То есть появляется разность давлений: p = p_1 - p_2. В результате на шарик действует дополнительная сила давления \overrightarrow{\mkern -5mu F}, направленная вперед.

Наличие такой силы следует из второго закона Ньютона:

\overrightarrow{\mkern -5mu F} = m \overrightarrow{\mkern -5mu a}

Вывод: шарик отклоняется вперед, по ходу движения.

Задача 28. Рисунок 2

\overrightarrow{\mkern -5mu F_{AB}} — вертикальная составляющая выталкивающей силы;
\overrightarrow{\mkern -5mu F} — дополнительная сила давления;
\overrightarrow{\mkern -5mu T} — сила натяжения нити.

3) Между остановками, когда автобус движется равномерно, то есть ускорение равно нулю, нить снова вертикальна, как в первом случае.

Задача 28. Рисунок 3

4) При торможении нить отклонится назад, поскольку назад будет направлена сила давления p_2 > p_1. Автобус тормозит, а воздух еще по инерции движется в прежнем направлении. Поэтому давление у передней стенки увеличивается.

Задача 28. Рисунок 4

5) После остановки автобуса нить снова вертикальна.

Ответ задачи, конечно, очень неожиданный и противоречит нашему бытовому опыту. Мы привыкли, что когда автобус стартует, мы падаем назад, а когда тормозит – вперед. В прошлом году у меня занимался мальчик, который никак не хотел поверить в ответ этой задачи, и поступил совершенно правильно: они с папой поставили эксперимент. Взяли шарик, наполненный гелием, привязали его в своей машине, закрыли все окна, чтобы давление воздуха внутри машины не выравнивалось слишком быстро, и стартовали. И шарик отклонился вперед, а когда тормозили – назад.

Похожая задача, еще до ЕГЭ, предлагалась на вступительных экзаменах в МВТУ имени Баумана. Только там был сосуд с водой, к дну которого был привязан на нити пробковый шарик, который плавал в жидкости. Сосуд начинал вращаться, и шарик отклонялся… к оси вращения, а не от нее, как мы привыкли. И только, если абитуриент понимал, что шарик отклоняется к центру, задача решалась. А иначе получались невозможные ответы.

2. С1 (вар. 103, 2012)

В цилиндре под поршнем при комнатной температуре t_0 долгое время находится только вода и её пар. Масса жидкости в два раза больше массы пара. Первоначальное состояние системы показано точкой на pV-диаграмме. Медленно перемещая поршень, объём V под поршнем изотермически увеличивают от V_0 до 6V_0.

Постройте график зависимости давления p в цилиндре от объёма V на отрезке от V_0 до 6V_0. Укажите, какими закономерностями Вы при этом воспользовались.

Задача 28. Рисунок 5

Решение:

1. На участке от V_0 до 3V_0 давление под поршнем постоянно (давление насыщенного пара при постоянной температуре). На участке от 3V_0 до 6V_0 давление под поршнем подчиняется закону Бойля–Мариотта.

На участке от V_0 до 3V_0 график p(V) – горизонтальный отрезок прямой, на участке от 3V_0 до 6V_0 – фрагмент гиперболы.

Задача 28. Рисунок 6

2. В начальном состоянии над водой находится насыщенный водяной пар, так как за длительное время в системе установилось динамическое равновесие между жидкостью и ее паром.

3. Пока в цилиндре остается вода, при медленном изотермическом расширении пар остается насыщенным. Давление насыщенного пара не зависит от объема и определяется только температурой. Так как температура постоянна, постоянно и давление насыщенного пара. Поэтому график p(V) будет графиком константы, т. е. отрезком горизонтальной прямой. Количество воды в цилиндре при этом убывает. При комнатной температуре концентрация молекул воды в насыщенном паре ничтожна по сравнению с концентрацией молекул воды в жидком агрегатном состоянии. Масса воды в два раза больше массы пара. Поэтому, в начальном состоянии насыщенный пар занимает объём, практически равный V_0.

Пусть m – масса пара, тогда масса жидкости 2m (по условию, она в два раза больше). Запишем уравнение Менделеева-Клапейрона для начального состояния:

p_0V_0 = \genfrac{}{}{}{0}{m}{\mu }RT_0

где \mu — молярная масса воды.

Откуда:

V_0 = \genfrac{}{}{}{0}{mRT_0}{p_0 \mu }

В тот момент, когда вся вода испарится, полная масса вещества будет равна 3m, а значит уравнение Менделеева-Клапейрона примет вид:

p_0V = \genfrac{}{}{}{0}{3m}{\mu }RT_0

Тогда:

V = \genfrac{}{}{}{0}{3mRT_0}{p_0 \mu }=3V_0

V=3V_0 — объем пара, когда вся жидкость испарится.

Таким образом, горизонтальный отрезок описывает зависимость p(V) на участке от V_0 до 3V_0.

4. При V > 3V_0 под поршнем уже нет жидкости, все молекулы воды образуют уже ненасыщенный водяной пар, который можно на изотерме описывать законом Бойля-Мариотта: pV = const, т. е. p \sim \genfrac{}{}{}{0}{1}{V}. Графиком этой зависимости служит гипербола. Таким образом, на участке от 3V_0 до 6V_0 зависимость p(V) изображается фрагментом гиперболы, по которой при увеличении объёма вдвое давление вдвое уменьшается.

3. С1 (Вар. 1, Урал, 2013)

В схеме на рисунке сопротивление резистора и полное сопротивление реостата равны R. ЭДС батареи равна E, ее внутреннее сопротивление ничтожно (r=0). Как ведут себя (увеличиваются, уменьшаются, остаются постоянными) показания идеального вольтметра при перемещении движка реостата из крайнего верхнего в крайнее нижнее положение? Ответ поясните, указав, какие физические закономерности Вы использовали для объяснения.

Задача 28. Рисунок 7

Решение:

Идеальный вольтметр – это разрыв цепи, его сопротивление бесконечно велико. А значит не идет ток и через сопротивление последовательное с вольтметром. То есть ток через реостат равен нулю. Это значит, что напряжение на вольтметре равно напряжению на параллельно соединенном с ним сопротивлении. Согласно закону Ома для полной цепи U = E - Ir, но r=0. Следовательно показания вольтметра всегда равны E, независимо от положения движка реостата.

Задача эта коварна тем, что на ЕГЭ несколько лет подряд предлагалась другая задача с очень похожим условием, но без последовательно соединенного с реостатом идеального вольтметра. В результате в той задаче получался совершенно другой ответ.

Спасибо за то, что пользуйтесь нашими публикациями. Информация на странице «Подготовка к ЕГЭ по физике. Задача 28 (бывшая С1)» подготовлена нашими редакторами специально, чтобы помочь вам в освоении предмета и подготовке к экзаменам. Чтобы успешно сдать необходимые и поступить в ВУЗ или колледж нужно использовать все инструменты: учеба, контрольные, олимпиады, онлайн-лекции, видеоуроки, сборники заданий. Также вы можете воспользоваться другими статьями из данного раздела.

Публикация обновлена: 07.09.2023

Поделиться страницей

Это полезно

Теория вероятностей на ЕГЭ-2024 по математике
В варианте ЕГЭ-2024 две задачи по теории вероятностей — это №3 и №4. По заданию 4 в Интернете почти нет доступных материалов. Но в нашем бесплатном мини-курсе все это есть.
ЕГЭ Математика
Разбор демоверсии ЕГЭ-2024
по профильной математике